2019年上海市中考物理试卷(word版,含解析) 上海初中试题_教学资源|题库|学习文库-「普洱教育」

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2019年上海市中考物理试卷(word版,含解析) 上海初中试题

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上海初中试题
上海市2019年中考物理试卷 一、选择题(共16分)下列各题均只有一个正确选项,请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置.更改答案时,用橡皮擦去,重新填涂. 1.一节新干电池的电压为( ) A.1.5伏 B.24伏 C.36伏 D.220伏 2.下列粒子中,带正电的是( ) A.原子 B.电子 C.质子 D.中子 3. 我们能分辨出鼓声和锣声,主要根据声音的( ) A.响度 B.音色 C.音调 D.振幅 4.首先发现电流周围存在磁场的科学家是( ) ( ) A.安培 B.欧姆 C.奥斯特 D.伽利略 5.四冲程内燃机在工作过程中,将内能转化为机械能的冲程是( ) A.吸气冲程 B.压缩冲程 C.做功冲程 D.排气冲程 6.质量相同的两金属块,吸收相同的热量,升高的温度不同,则 ( ) A.升高温度较大的金属块比热容一定大 B.升高温度较大的金属块比热容一定小 C.温度高的金属块比热容一定大 D.温度高的金属块比热容一定小 7.甲、乙两车从相距20米的A、B两点同时相向做匀速直线运动,两车的s-t图像分别如图l(a)、(b)所示,速度分别为v甲、v乙。经过时间t后,两车相距10米。则( ) A.v甲<v乙,t一定为10秒 C.v甲=v乙,t可能为10秒 B.v甲<v乙,t可能为30秒 D.v甲=v乙,t可能为30秒 8.如图2所示,长方体物块甲、乙置于水平地面上,物块和地面的接触面积分别为S、S'(S﹤S'),对地面的压强相等。将甲、乙均顺时针旋转90°,此时甲、乙和地面的接触面积分别为S'、S,对地面的压强分别为p甲、p乙。此过程中,甲、乙对地面的压强变化量大小分别为△p甲、△p乙,则( ) A.p甲<p乙,△p甲=△p乙 C.p甲>p乙,△p甲>△p乙 二、填空题(共23分) 9.教室里的电灯是

(1)连接的(选填“串联”或“并联”),工作时将

(2)能转化为其他形式的能;标有“220V 100W”字样的电灯正常工作8小时,耗电

(3)度。 10.生活中的很多安全规范都蕴涵着物理学原理。
空气清新剂等压缩气罐不要放置在高温环境下,是因为

(4)可以改变物体的内能(选填“热传递”或“做功”),易使气罐升温爆炸;司机开车时要系好安全带,是因为刹车时司机由于

(5)会继续向前运动,易造成伤害;嬉戏时不要用力推搡同学,是因为力可以改变物体的

(6),易使同学摔倒。 11.月球属于

(7)(选填“行星”或“卫星”)。
2019年1月,“嫦娥四号”在月球背面成功着陆。“嫦娥四号”在减速过程中,动能

(8)(选填“增大”“不变”或“减小”),以月球为参照物,“嫦娥四号”是

(9)的(选填“运动”或“静止”)。 12.某导体两端的电压为9伏,在10秒内通过其横截面的电荷量为3库,通过该导体的电流为

(10)安,该导体的电阻为

(11)欧;当该导体两端的电压为6伏时,其电阻为

(12)欧。 13.如图3(a)、(b)所示的滑轮应用情景中,不计摩擦和滑轮重力。分别用力F

1、F2匀速提起重为l0牛的物体,图3

(13)中的滑轮可以看作等臂杠杆;图3(b)中力F2的大小为

(14)牛;图3(a)中物体被竖直提升1米过程中,力F1所做的功为(15)焦, B.p甲>p乙,△p甲=△p乙 D.p甲<p乙,△p甲<△p乙 14.在图4所示的电路中,已知电源电压为U0保持不变。闭合电键S,电路正常工作。一段时间后观察到有一电压表示数变大。
在电路中正确串联一个电流表,电流表示数为0。若电路中仅有一处故障,且只发生在电阻R

1、R2上,请根据以上信息写出两电压表示数及相对应的故障。

(16) 15.亚里士多德为了解释抽水现象,提出了“自然界厌恶真空”理论,意思是只要液面上方出现真空,与真空接触的液体就会流上去填补真空。
①可以用“自然界厌恶真空”理论来解释的现象是

(17)(选填“A”“B”或“C”)。 A.回声的产生 B.彩虹的形成 C.利用吸管吸饮料 ②可以推翻“自然界厌恶真空”理论的实验是

(18)(选填“A”“B”或“C”),理由是

(19)。 A.托里拆利实验 三、作图题(共7分) 请将图直接画在答题纸的相应位置,作图必须使用2B铅笔. 16.在图中,正方体受到的重力G为10牛,用力的图示法画出重力G。
。 B.富兰克林雷电实验 C.马德堡半球实验 17.在图6中,根据给出的入射光线AO画出反射光线OB,并标出反射角的大小。 18.(3分)在图7所示的电路中,有两根导线尚未连接,请用笔画线代替导线补上。补上后要求:闭合电键S后,向右移动滑动变阻器的滑片P过程中,小灯泡L亮度不变,电流表的示数变小。 四、计算题(共26分) 请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置. 19.(6分)物体排开水的体积为1×10﹣3米3。求物体受到浮力F浮大小。 20.(6分)杠杆平衡时,动力臂l1为0.6米,阻力F2的大小为60牛,阻力臂l2为0.2米,求动力F1的大小。 21.(8分)如图所示,足够高的圆柱形薄底容器A、B置于水平地面上,分别盛有水和液体乙。水的深度为0.08米,两容器底部受到液体的压强相等。
①若水的质量为2千克,求水的体积V水。 ②求水对容器A底部的压强p水。
③在容器A中注入水,使两容器中液面相平,此时水对容器A底部的压强增加了196帕。求液体乙的密度ρ乙。 22.(8分)在图9所示的电路中,电源电压为12伏且保持不变,电阻R1的阻值为10欧,滑动变阻器R2上标有“1安”字样。闭合电键S,电压表示数为5伏。
①求通过电阻R1的电流I1。 ②求通电10秒钟后,电流通过电阻R1所做的功W1. ③移动滑动变阻器滑片P过程中,电源电压与电压表示数比值的最大为3,求电压表最大示数和最小示数的差值△U1。
五、实验题(共18分) 请根据要求在答题纸的相应位置作答. 23.(3分)在“探究物质质量与体积的关系”的实验中,用量筒测物体的____,在“用弹簧测力计测力”的实验中,测量物体重力前,应先将弹簧测力计自然悬挂,观察指针是否指在_____刻度线上。“测定小灯泡的电功率”的实验原理是______。 24.在“探究凸透镜成像规律”实验中,所选凸透镜的焦距为10厘米。调整凸透镜和光屏的中心与烛焰中心大致在同一____,以保证像成在光屏中央。
移动光屏至图10所示位置时,在光屏上得到一个清晰的像,像是____的(选填“放大”或“缩小”),烛焰离凸透镜的距离____10厘米(选填“大于”“等于”或“小于”)。 25.(3分)小华做“用电流表、电压表测电阻”实验,现有电源(电压为3伏保持不变)、电流表、电压表、电键和待测电阻Rx各一个,三个滑动变阻器(分别标有“5欧 2安”字样、“10欧 2安”字样、“50欧 1安”字样),以及导线若干。
小华选责其中一个滑动变阻器,正确连接电路,进行实验。实验中,当滑动变阻器滑片P在中间区域某位置时,电压表和电流表的指针位置如图11(a)、(b)所示,小华记录第一组数据;然后移动滑动变阻器滑片P,在电压表指针自图11(a)位置转过两小格时记录第二组数据,此时电流表、电压表指针偏转角度相同;接着继续操作完成实验。 ①实验中电压表所选的量程为_____伏。 ②判断实验中电流表所选的量程。
_____(需要写出计算过程) ③小华的第二组数据中,电压、电流及计算出的待测电阻Rx的阻值是_____。 26.(3分)为研究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关,小明设计了方案进行实验。
小明用弹簧测力计将一圆柱体悬挂在空容器中,如图12,此时测力计示数为F0.然后逐次向容器中注入液体A,并将圆柱体下表面到液面的距离h、相应的弹簧测力计示数F、F0与F的差值△F记录在表一中。为进一步探究,小明换用液体B重复实验,并将数据记录在表二中。
(液体A、B密度分别为ρA、ρB,且ρA >ρB) ①分析比较实验序号

1、2与3(或

5、6与7)数据中F和h的关系及相关条件,可得出的初步结论是:同一物体在同一种液体中, 。 ②分析比较实验序号

1、与2与3(或

5、6与7)的数据中△F和h的关系及相关条件,可得出的初步结论是:同一物体在同一种液体中, 。
③分析比较实验序号

1、5(或

2、6,或

3、7)的数据中△F和h的关系及相关条件,可得出的初步结论是:同一物体在 。 ④实验中圆柱体的重力为 牛,高度为 厘米。
2019年上海市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题(共16分)下列各题均只有一个正确选项,请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置.更改答案时,用橡皮擦去,重新填涂. 1.
【分析】要记住一些生活中常见的电压值,如:一节干电池的电压是1.5V;一节铅蓄电池的电压是2V;家庭电路的电压为220V;动力电压为380V;对人体安全的电压为不高于36V。
【解答】解:一节新干电池的电压为1.5V,故BCD错误、A正确; 故选:A。
2.
【解答】解:根据原子结构的相关知识可知,原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子构成的,整个原子不显电性; 原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的,所以在原子核中带正电的微粒是质子。 故选:C。
3
【解答】解:乐器不同发出声音的音色就会不同,所以我们可以通过音色辨别是谁,故B正确,ACD错误。 故选:B。 4.
【解答】解: A、安培是英国著名的物理学家,发现了电磁感应现象。不符合题意; B、欧姆是德国物理学家,发现了电流与电压、电阻的关系﹣﹣欧姆定律。不符合题意; C、1820年,丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场,是第一个发现电流磁效应的科学家。
符合题意。 D、伽利略与天文望远镜有关。 故选:C。 5.
【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能,压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。
【解答】解: 四冲程柴油机在做功冲程中,高温高压燃气推动活塞做功,将内能转化为机械能,故C正确。 故选:C。 6.
【分析】比较物质吸热能力的2种方法: ①使相同质量的不同物质升高相同的温度,比较吸收的热量(即比较加热时间),吸收热量多的吸热能力强 ②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间),比较温度的变化,温度变化小的吸热能力强。
【解答】解:根据Q=cm△t知,相同质量的不同物质,吸收相同的热量,比热容大的温度升高小,故B正确。 故选:B。 7.
【分析】

(1)根据图a和图b读出对应的路程和时间,然后根据速度公式即可求出甲、乙的速度;

(2)经过t秒,甲、乙相距10米时有两种情况:一种是甲乙两车未相遇时相距10m,二是相遇以后相距10m。
据此根据路程相等,利用速度公式列出等式求解。
【解答】解:

(1)由图象可得: 甲的速度v甲===0.4m/s; 乙的速度v乙=故v乙>v甲; ==0.6m/s,

(2)根据题意可知,经过t秒,甲、乙相距10米时有两种情况:一种是甲乙两车未相遇时相距10m,二是相遇以后相距10m。 故可得:v甲t+v乙t=10m或v甲t+v乙t=10m+20m=30m, 代入数值可得:0.4m/s×t+0.6m/s×t=10m或0.4m/s×t+0.6m/s×t=20m+10m, 解得t=10s或t=30s,即t可能为10s,也可能为30s。
综上分析可知,选项ACD错误,B正确。 故选:B。
8.
【分析】

(1)甲乙的压强相等,知道甲乙的受力面积,根据压强公式可以判断甲乙对地面的压力,知道受力面积的变化可以判断甲乙对地面的压强。


(2)压强变化量等于原来的压强和现在压强的差,然后进行比较。

【解答】解:

(1)甲、乙的底面积分别为S、S'(S<S'),甲乙压强相等,根据 F=pS,可以判断甲对水平地面的压力大于乙对水平地面的压力,所以甲的重力<乙的重力。 甲乙是长方体,当甲、乙顺时针旋转90°后,甲、乙的底面积分别为S'、S,甲的受力面积增大,甲对水平地面的压力不变,甲对水平地面的压强减小,乙的受力面积减小,乙对水平地面的压力不变,乙对水平地面的压强增大,由于原来甲乙对水平地面的压强相等,所以旋转后甲对水平地面的压强小于乙对水平地面的压强,即P甲<P乙。


(2)△p=p﹣p'=﹣= 因为面积变化相同,甲对地面的压力小于乙对地面的压力,所以甲对水平地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量即△p甲<△p乙。 故选:D。 二、解答题(共2小题,满分6分) 9.
【解答】解:(1)教室中多个电灯,相互不影响工作,是并联连接。 (2) 用电器把电能转化为其他形式的能。
(3) 由P= 可得工作8小时消耗的电能: W=Pt=0.1kW×8h=0.3kW.h=0.8度。 故答案为:

(1)并联;

(2)电;

(3)0.8。
10.
【解答】解: (4)改变物体内能的方法:一是做功(能量的转化),二是热传递(能量的转移)。空气清新剂等压缩气罐在高温环境下通过“热传递”提高了内能。 (5)前排司机在开车时原来和车一起向前运动,紧急刹车时,车由运动突然变成静止,而司机由于具有惯性,继续向前运动,容易撞到挡风玻璃发生伤害,系安全带是为了防止惯性带来的危害; (6)本来这个同学相对于地面是静止的,其他同学推他时,给他一个力,使他倾斜,体现了力可以改变物体的运动状态。 故答案为:(4)热传递;

(5)惯性;

(6)运动状态。
11.
【解答】答:(7)月球属于卫星,围绕地球这个行星运转。 (8) “嫦娥四号”减速落月过程中,质量减小,速度减小,其动能减小 (9) 由于“嫦娥四号”相对于月球的位置发生变化,故以月球为参照物任务车是运动的。
故答案为:

(7)卫星;

(8)减小;

(9)运动。 12.
【解答】答:(10)
【解答】解:通过该导体的电流:(11)由1= 可得,导体的电阻:R = = =30Ω. (12)因电阻是导体本身的一种性质,与两端的电压和通过的电流无关,所以,当该导体两端的电压改为6伏时,导体的电阻仍为10Ω。 故答案为:

(10)0.3;

(11)30;

(12)30。 13.
【解答】答:(13)由图知,(a)是定滑轮,本质是等臂杠杆;(b)是动滑轮,本质是动力臂为阻力臂两倍的省力杠杆

(14)(b)是动滑轮,不计滑轮重和摩擦,能省一半力,拉力F2= G=1/2×10N=5N;

(15)当物体上升1米的过程中,A中绳子的拉力F1=G=10N,绳端向下移动的距离s=1m,力A所做的功: W=F1s=10N×1m=10J。
故答案为:

(13)(a);

(14)5;

(15)10。 14.
【解答】答:根据电路图可知,两电阻串并联,电压表V1测量电阻R1两端的电压,电压表V2测量电阻R2两端的电压,工作一段时间后,一个电压表的示数变大,若V1示数变大,故障可能为电阻R1断路或电阻R2短路,再串联一个电流表,观察到电流表的示数为0,则故障为R1断路;若V2示数变大,故障可能为电阻R2断路或电阻R1短路,再串联一个电流表,观察到电流表的示数为0,则故障为R2断路。 故答案为:

(16)若V1表示数为U0,V2表示数为0,则R1断路;若V1表示数为0,V2表示数为U0,则R2断路。 15.
【分析】首先明白亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。
然后判断选项中的内容和什么知识点相关,最后做出选择。
【解答】解:

(17)亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。他认为在自然界中,接触到真空的液体就会自己填补,会上升。 A.回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物,声被障碍物反射回来,与亚里士多德的观点不符。
B.彩虹是太阳光的色散,与亚里士多德的观点不符。 C.用吸管吸饮料时,吸管内的气压减小,饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里,与亚里士多德的观点相符。
故选:C。

(18)A.托里拆利实验,当外界大气压是一个标准大气压,能支持76cm高的水银柱,玻璃管的长度是1m,玻璃管内上方有一段真空,水银没有去填补,亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补,所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论。
B.富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象,与亚里士多德的观点不相关。 C.马德堡半球实验是证明大气压的存在,并且证明大气压很大,与亚里士多德的观点不相关。
故选:A。

(19)做托里拆利实验时,玻璃管的上空有一段是真空,但是玻璃管中的水银没有去填补,所以与亚里士多德的观点不相符,所以可以推翻其观点。
故答案为:

(17)C;

(18)A;

(19)做托里拆利实验时,玻璃管内上方有一段是真空,但是玻璃管中的水银没有去填补,所以与亚里士多德观点不相符,所以可以推翻其观点。 三、作图题(共7分)请将图直接画在答题纸的相应位置,作图必须使用2B铅笔. 16.
【分析】根据力的图示的定义,将小球所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可。
【解答】解:物体受到的重力方向竖直向下,作用点在重心,大小为10N,可确定标度为5N,故画重力的图示如图: 17.
【分析】根据反射定律作出反射光线的光路图,题目中已经作出法线,在根据反射光线和入射光线分居法线两侧,作出反射角等于入射角即可。
【解答】解:根据光的反射定律,题目中已经作出垂直于镜面的法线,做反射光线OB使反射角等于入射角即可。
故答案为: 18.
【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式,由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。
【解答】解: 由题知,闭合电键S后,向右移动滑动变阻器的滑片P,小灯泡L亮度不变,说明变阻器与灯泡在工作时互不影响;因为并联电路中各支路互不影响,所以变阻器与灯泡应并联; 向右移动滑片P,电流表示数变小,说明变阻器连入电路的阻值变大,故应将变阻器的左下接线柱接入电路中,且图中灯泡与电流表的0.6接线柱相连,所以电流表应测干路电流。实物连接如图所示: 四、计算题(共27分)请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置. 19.
【分析】已知金属块浸没水中,排开水的体积等于金属块的体积,利用阿基米德原理F浮=ρ求金属块受到的浮力。
【解答】解: 金属块浸没水中,则V排=V金=1×10﹣3m3 金属块受到的浮力:F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3×9.8N/kg=9.8N。
水V排g答:金属块受到的浮力为9.8N。 20.
【分析】知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小,利用杠杆平衡条件求动力大小。

【解答】解:由杠杆平衡条件可知: F1l1=F2l2, 则动力F1===20N。 答:动力F1为20N。
21.
【分析】①已知水的质量,水的密度也是默认已知量ρ水=1.0×103kg/m3;根据公式V=求解。 ②已知水的深度h=0.08h,根据液体压强计算公式p=ρgh; ③设容器乙内液体的深度为h1,当水深是h1的时候其压强为P1,p1=p+△p由此可以得出p1的大小,进而算出h1; 题干表明容器甲、乙底部所受液体的压强相等,即:p=p乙;又因为p乙=ρ乙gh1故可以求出ρ乙。

【解答】解: ①容器中甲水的体积为:V===2×10﹣3m3; 可以②容器甲中水对容器底部的压强:p水=ρgh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.08m=784pa。 ③当容器甲内加水至于容器乙相平时,设此时水深为h1, 此时水对容器底部的压强:p1=p水+△p=784pa+196pa=980pa; 由p=ρgh可得此时水的深度:h1===0.1m; 由题知,原来容器甲、乙底部所受液体的压强相等,即:p乙=p水=784pa; 由p=ρgh可得,液体乙的密度:ρ乙=答:①甲容器中水的体积为2×10﹣3m3; ②容器甲中水对容器底部的压强为784pa; ③液体乙的密度为800kg/m3。
22.
【分析】①已知电路中R1的电阻和电压,根据I=求电阻电流; ②根据串联电路中电压之比等于电阻之比求解; ==800kg/m3。
【解答】解:①根据电路图可知,电压表测量R1两端的电压, 又因为R1=10Ω, 所以通过电阻R1的电流I1===0.5A; ②W1=U1I1t=5V×0.5A×10s=25J. ③电源电压和电压表示数的比值最大为3,此时应为电压表最小值, 即=3,得U1′=4V, 电压表最大值应该是当滑动变阻器阻值最小,即电流最大时,滑动变阻器R2上标有“1A”字样, 所以可得,1A=解得,R2′=2Ω, 此时R1的电压U1″=I′R1=1A×10Ω=10V, 电压表示数的最大值和最小值的差值应为10V﹣4V=6V; 答:①通过电阻R1的电流I1=0.5A; ②通电10s做功为25焦。 ③电压表示数的最大值和最小值的差值6V。
五、实验题(共18分)请根据要求在答题纸的相应位置作答. 23.
【分析】

(1)在“验证阿基米德原理”的实验中,利用称重法测浮力,利用量筒测量排开水的体积;

(2)在“测定小灯泡的电功率”的实验,利用电压表测量灯两端的电压U,利用电流表测量通过的灯的电流I,利用P=UI求灯的电功率。

【解答】解:

(1)如图,在“验证阿基米德原理”的实验中,物体受到的浮力F浮=F1﹣F2; 利用排水法可得物体排开水的体积V排=V2﹣V1,由G=mg=ρVg可得排开水的重力G排=ρ水V排g=ρ水(V2﹣V1)g; 比较F浮、G排的大小验证阿基米德原理,可见,该实验中,用量筒测物体排开水的体积; 使用弹簧测力计前,应将指针调到零刻度处。 =,

(2)如图,利用电压表测量灯两端的电压U,利用电流表测量通过的灯的电流I,利用P=UI求灯的电功率。 故答案为:排开水的体积;零;P=UI。 24.
【分析】

(1)探究凸透镜成像的实验时,在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏,三者的中心大致在同一高度,像才能成在光屏的中心。


(2)当物距小于二倍焦距,大于一倍焦距时,像距二倍焦距以外,成倒立、放大的实像。
【解答】解:

(1)实验前,把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上,点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏的高度,使它们的中心大致在同一高度,为了使得像成在光屏的中央;

(2)凸逶镜焦距f=10cm,蜡烛到凸透镜的距离为10cm,由于如图所示的凸透镜的光心在凸透镜中心位置,故物距略大于10cm,即2f>u>f,成倒立、放大的实像。 故答案为:同一高度;放大;大于。 25.
【分析】①根据电路连接正确确定电路的连接,因电源电压为3V确定电压表选用的量程; ②读出(a)图中电压表示数; (b)图中,若电流表选用大(小)量程得出电流大小;根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压;由欧姆定律,得出变阻器连入电路的电阻,与题中所给的变阻器的规格差比较,从而确定电流表选用的量程; ③根据电流表选用的量程确定电流表示数,继续移动滑片,当电压表示数在如图(a)的基础上偏转两格后,电压表示数可能为1.6V和1.2V,据此得出电流表对应的示数,由欧姆定律分别得出电阻大小。
【解答】解:①电路连接正确,即待测电阻与变阻器串联,电流表串联在电路中,电压表与待测电阻并联,因电源电压为3V,故电压表选用小量程0﹣3V; ②(a)图中,电压表选用小量程,分度值为0.1V,电压表示数为1.4V, (b)图中,若电流表选用大量程,分度值为0.1A,电流为1.4A;若选用小量程,分度值为0.02A,电流为0.28A; 根据串联电路电压的规律,变阻器的电压为:3V﹣1.4V=1.6V, 若电流表选用小量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中=电阻为2×5.71Ω=11.4Ω,与题中所给的10Ω 2A变阻器的相吻合; 若电流表选用大量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中=阻为2×1.14Ω=2.28Ω,与题中所给的变阻器的规格差别较大; 故电流表选用小量程0﹣0.6A; ③电流表示数为0.28A.继续移动滑片,当电压表示数在如图(a)的基础上偏转两格后,电压表示数可能为1.6V和1.2V: 若电压表示数为1.4V+2×0.1V=1.6V,即电压表示数变大,根据U=IR,则电路中和电流也应变大,电流为:0.28A+2×0.02A=0.32A; 由欧姆定律得: Rx===5Ω; =≈1.14Ω,变阻器电=≈5.71Ω,变阻器若电压表示数为1.4V﹣2×0.1V=1.2V,即电压表示数变小,根据U=IR,则电路中和电流也应变小,电流为:0.28A﹣2×0.02A=0.24A; 由欧姆定律得: Rx===5Ω; 故答案为:①电压表的量程是0﹣3伏。 ②(a)图中,电压表选用小量程,分度值为0.1V,电压表示数为1.4V, (b)图中,若电流表选用大量程,分度值为0.1A,电流为1.4A;若选用小量程,分度值为0.02A,电流为0.28A; 根据串联电路电压的规律,变阻器的电压为:3V﹣1.4V=1.6V, 若电流表选用大量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中=阻为2×1.14Ω=2.28Ω,与题中所给的变阻器的规格差别较大; 若电流表选用小量程,由欧姆定律,变阻器连入电路的电阻:R滑中==≈1.14Ω,变阻器电=≈5.71Ω,变阻器电阻为2×5.71Ω=11.4Ω,与题中所给的10Ω 2A变阻器的相吻合;故电流表选用小量程0﹣0.6A; ③Rx===5Ω或Rx===5Ω。 26.
【分析】①纵向比较实验序号1与2与3或5与6与7的数据,得出结论; ②纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据得结论; ③已知两种液体密度大小,比较实验序号1与5或2与6或3与7的数据,找出相同量和不同量,分析得出△F与变化量的关系; ④根据称重法测浮力,△F=F0﹣F求出本实验中圆柱体的重力; 由②可知同一物体在同种液体中,△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比;但序号4与8实验不符合这个规律;根据阿基米德原理,F浮=ρ液gV排,可分析得出4与8这两中情况下圆柱体已浸没在液体中,由阿基米德原理: 根据

1、4两次实验受到的浮力之比求出圆柱体的高度。
【解答】解:①根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据,分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中,弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小; ②纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据,可知,圆柱体的下表面到液面的深度h为原来的几倍,△F也为原来的几倍,可得出的初步结论是:同一物体在同种液体中,△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比; ③ρA=1.0×103kg/m3>ρB=0.8×103kg/m3, 根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据,可得出的初步结论是:同一物体在不同液体中,圆柱体的下表面到液面的深度h不变时,液体密度ρ越大,△F越大; ④F0=G,根据称重法测浮力,△F=F0﹣F, 故本实验中,圆柱体的重力为: G=△F+F=1.5N+8.5N=10.0N; 由②,比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据,可知同一物体在同种液体中,△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比;但序号4与8实验不符合这个规律; 根据阿基米德原理,F浮=ρ液gV排,在物体没有浸没时,F浮=ρ液gSh,故受到的浮力与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比, 浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关,说明4与8这两中情况下,圆柱体已浸没在液体中了, 由阿基米德原理:

1、4两次实验受到的浮力之比为: =h=, ×3cm=10cm。即圆柱体的高度为10.0厘米。 故答案为:①弹簧测力计示数F随h增大而减小; ②△F与h成正比; ③同一物体在不同液体中, h不变时,液体密度ρ越大,△F越大; ④10.0;10.0。
上海初中试题。
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