上海初中试题
2019年上海市中考物理试卷 一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置．更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂． 1．（2分）（2019•上海）一节新干电池的电压为（ ） A．1.5伏 B．24伏 C．110伏 D．220伏 2．（2分）（2019•上海）听音能辨人，主要是依据不同人的讲话声具有不同的（ ） A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅 3．（2分）（2019•上海）首先发现电流磁效应的物理学家是（ ） A．牛顿 B．欧姆 C．安培 D．奥斯特 4．（2分）（2019•上海）原子核中带正电的粒子是（ ） A．原子 B．质子 C．中子 D．电子 5．（2分）（2019•上海）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（ ） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 6．（2分）（2019•上海）两个质量相同的不同物质，吸收相同的热量，下列说法中正确的是（ ） A．比热容大的物质升高温度较小 B．比热容小的物质升高温度较小 C．比热容大的物质升高温度较大 D．升高温度相同，与比热容大小无关 7．（2分）（2019•上海）甲、乙两车分别在同一直线上的M、N两点（M、N间距为20米），同时相向做匀速直线运动，它们的图象分别如图（a）和（b）所示。若甲、乙的速度分别为v甲 、v乙，经过t秒，甲、乙相距10米。则（ ） A．v甲＜v乙，t一定为10秒 B．v甲＜v乙，t可能为30秒 第1页（共23页） C．v甲＝v乙，t可能为10秒 D．v甲＝v乙，t可能为30秒 8．（2分）（2019•上海）如图1所示，均匀长方体甲、乙放在水平地面上，甲、乙的底面积分别为S、S'（S＞S'），此时它们对地面的压强相等。
现将甲、乙顺时针旋转90°后，如图2所示，甲、乙的底面积分别为S'、S，关于此时甲、乙对地面的压强p甲、p乙和对地面的压强变化△p甲、△p乙的大小关系，下列判断正确的是（ ） A．p甲＜p乙，△p甲＞△p乙 C．p甲＞p乙，△p甲＞△p乙 二、解答题（共2小题，满分6分） 9．（3分）（2019•上海）在如图所示的电路中，电源电压为U0，且保持不变。
电键S闭合后，电路正常工作。一段时间后，观察到一个电压表的示数变大，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0．若电阻R

1、R2中仅有一个出现故障，请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。
B．p甲＜p乙，△p甲＜△p乙 D．p甲＞p乙，△p甲＜△p乙 10．（3分）（2019•上海）亚里士多德为了说明抽水机原理，提出自然界厌恶真空的理论。他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升，因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的”。

（1）在下列几个现象中，能支持上述亚里士多德理论的实验是 A．回声的形成 B．彩虹 C．用吸管吸饮料

（2）在下列几个实验中，能推翻上述亚里士多德理论的实验是 A．托里拆利实验 第2页（共23页） B．富兰克林风筝雷电实验 C．马德堡半球实验

（3）请你结合所学的物理知识，解释为什么第2小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。 三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔． 11．（2分）（2019•上海）重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。 12．（2分）（2019•上海）在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB。 13．（3分）（2019•上海）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。
补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。 四、计算题（共27分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置． 14．（6分）（2019•上海）体积为2×10小F浮。 15．（6分）（2019•上海）杠杆平衡时，动力臂l1为0.6米，阻力臂l2为0.2米，若阻力F2的大小为60牛，求动力F1的大小。
16．（8分）（2019•上海）如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上，容第3页（共23页） ﹣3米的金属块浸没在水中。
求金属块受到的浮力大3 器甲、乙底部所受液体的压强相等。容器甲中盛有水，水的深度为0.08米，容器乙中盛有另一种液体。
①若水的质量为2千克，求容器甲中水的体积V水。 ②求容器甲中水对容器底部的压强p水。 ③现往容器甲中加水，直至与乙容器中的液面等高，此时水对容器底部的压强增大了196帕，求液体乙的密度ρ液。
17．（8分）（2019•上海）在图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“1A”字样。电键S闭合后，电压表V的示数为5伏。求： ①通过电阻R1的电流I1。
②电路正常工作10秒后，电流通过电阻R1做的功W1．移动滑动变阻器的滑片P，电源电压和电压表示数的比值最大为3，求电压表示数的最大值和最小值的差值。
五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答． 18．（3分）（2019•上海）在“验证阿基米德原理”的实验中，用量筒测物体的 ，使用弹簧测力计前，应将指针调到 刻度处。“测定小灯泡的电功率”的实验原理是 。 19．（2分）（2019•上海）小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中，将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至 。
已知凸透镜焦距为10厘米，现蜡烛的位置如图所示，蜡烛到凸透镜的距离 10厘米（选填“大于”、“等于”或“小于”），移动光屏寻找像的位置，发现光屏上有一个倒立、 的像（选填“放大”、“等于”或“缩小”）。 第4页（共23页） 20．（3分）（2019•上海）小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为3伏且保持不变）、待测电阻Rx、电流表、电压表、电健各一个，滑动变阻器有A、B、C三个（分别标有“5Ω 2A”字样、“10Ω 2A”字样、“50Ω 1A”字样），以及导线若干。
小华实验时选取其中一个滑动变阻器，正确连接电路，且使滑动变阻器的滑片在中点附近，闭合电键时各电表示数如图10（a）、（b）所示，并记录第一组数据。继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，记录第二组数据，此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。求： ①电压表的量程是 伏。 ②计算说明实验中电流表的量程。 ③根据记录的第二组数据，计算出此时待测电阻Rx的阻值。 21．（3分）（2019•上海）某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计拉着一个圆柱体，测力计示数为F0．现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中，倒入液体A，圆柱体的下表面到液面的深度为h，记录下此时弹簧测力计的示数为F以及F0和F的差为△F．接着，将液体A替换为液体B，重复上述实验，记录数据如下表一、二所示。
表一 液体A（ρA＝0.8×10千克/米） 实验序号 1 2 3 4 h（厘米） 3 6 9 12 3333F（牛） 8.5 7 5.5 5 △F（牛） 1.5 3 4.5 5 表二 液体B （ρB＝1.0×10千克/米） 第5页（共23页） 实验序号 5 6 7 8 h（厘米） 3 6 9 12 F（牛） 8.5 7.6 6.4 6 △F（牛） 1.2 2.4 3.6 4 ①根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中， 。 ②根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较△F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中， 。 ③根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据，分析比较△F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是 。 ④本实验中，圆柱体的重力为 牛，高度为 厘米。
第6页（共23页） 2019年上海市中考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置．更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂． 1．（2分）（2019•上海）一节新干电池的电压为（ ） A．1.5伏 B．24伏 C．110伏 D．220伏
【分析】要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；动力电压为380V；对人体安全的电压为不高于36V。
【解答】解：一节新干电池的电压为1.5V，故BCD错误、A正确； 故选：A。
2．（2分）（2019•上海）听音能辨人，主要是依据不同人的讲话声具有不同的（ ） A．响度 B．音调 C．音色 D．振幅
【分析】解决此题要知道音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。
【解答】解：因为每个人的声带结构不同，所以发出声音的音色就会不同，所以我们可以通过音色辨别是谁，故C正确，ABD错误。
故选：C。 3．（2分）（2019•上海）首先发现电流磁效应的物理学家是（ ） A．牛顿 B．欧姆 C．安培 D．奥斯特
【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
【解答】解： A、牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学等领域取得了卓著的成就。不符合题意； B、欧姆是德国物理学家，发现了电流与电压、电阻的关系﹣﹣欧姆定律。
不符合题意； C、安培是英国著名的物理学家，发现了安培定则。不符合题意； D、1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家。
符合题意。 故选：D。 第7页（共23页） 4．（2分）（2019•上海）原子核中带正电的粒子是（ ） A．原子 B．质子 C．中子 D．电子
【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。
【解答】解：根据原子结构的相关知识可知，原子是由带正电的原子核和带负电的核外电子构成的，整个原子不显电性； 原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的，所以在原子核中带正电的微粒是质子。
故选：B。 5．（2分）（2019•上海）四冲程柴油机在工作过程中，将内能转化为机械能的冲程是（ ） A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【分析】在内燃机的做功冲程中能量转化是内能转化为机械能，压缩冲程中能量转化是机械能转化为内能。
【解答】解： 四冲程柴油机在做功冲程中，高温高压燃气推动活塞做功，将内能转化为机械能，故C正确。
故选：C。
6．（2分）（2019•上海）两个质量相同的不同物质，吸收相同的热量，下列说法中正确的是（ ） A．比热容大的物质升高温度较小 B．比热容小的物质升高温度较小 C．比热容大的物质升高温度较大 D．升高温度相同，与比热容大小无关
【分析】比较物质吸热能力的2种方法： ①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强 ②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
【解答】解：根据Q＝cm△t知，相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高小，故A正确。
第8页（共23页） 故选：A。 7．（2分）（2019•上海）甲、乙两车分别在同一直线上的M、N两点（M、N间距为20米），同时相向做匀速直线运动，它们的图象分别如图（a）和（b）所示。若甲、乙的速度分别为v甲、v乙，经过t秒，甲、乙相距10米。则（ ） A．v甲＜v乙，t一定为10秒 C．v甲＝v乙，t可能为10秒 B．v甲＜v乙，t可能为30秒 D．v甲＝v乙，t可能为30秒
【分析】

（1）根据图甲和图乙读出对应的路程和时间，然后根据速度公式即可求出甲、乙的速度；

（2）经过t秒，甲、乙相距10米时有两种情况：一种是甲乙两车未相遇时相距10m，二是相遇以后相距10m。据此根据路程相等，利用速度公式列出等式求解。

【解答】解：

（1）由图象可得： 甲的速度v甲＝＝＝0.4m/s； 乙的速度v乙＝故v乙＞v甲； ＝＝0.6m/s，

（2）根据题意可知，经过t秒，甲、乙相距10米时有两种情况：一种是甲乙两车未相遇时相距10m，二是相遇以后相距10m。
故可得：v甲t+v乙t＝10m或v甲t+v乙t＝10m+20m＝30m， 代入数值可得：0.4m/s×t+0.6m/s×t＝10m或0.4m/s×t+0.6m/s×t＝20m+10m， 解得t＝10s或t＝30s，即t可能为10s，也可能为30s。 综上分析可知，选项ACD错误，B正确。 故选：B。 8．（2分）（2019•上海）如图1所示，均匀长方体甲、乙放在水平地面上，甲、乙的底面积第9页（共23页） 分别为S、S'（S＞S'），此时它们对地面的压强相等。
现将甲、乙顺时针旋转90°后，如图2所示，甲、乙的底面积分别为S'、S，关于此时甲、乙对地面的压强p甲、p乙和对地面的压强变化△p甲、△p乙的大小关系，下列判断正确的是（ ） A．p甲＜p乙，△p甲＞△p乙 C．p甲＞p乙，△p甲＞△p乙 B．p甲＜p乙，△p甲＜△p乙 D．p甲＞p乙，△p甲＜△p乙
【分析】

（1）甲乙的压强相等，知道甲乙的受力面积，根据压强公式可以判断甲乙对地面的压力，知道受力面积的变化可以判断甲乙对地面的压强。

（2）压强变化量等于原来的压强和现在压强的差，然后进行比较。

【解答】解：

（1）甲、乙的底面积分别为S、S'（S＞S'），甲乙压强相等，根据 F＝pS，可以判断甲对水平地面的压力大于乙对水平地面的压力，所以甲的重力大于乙的重力。 甲乙是长方体，当甲、乙顺时针旋转90°后，甲、乙的底面积分别为S'、S，甲的受力面积减小，甲对水平地面的压力不变，甲对水平地面的压强增大，乙的受力面积增大，乙对水平地面的压力不变，乙对水平地面的压强减小，由于原来甲乙对水平地面的压强相等，所以旋转后甲对水平地面的压强大于乙对水平地面的压强，即甲＞p乙。

（2）△p＝p﹣p'＝﹣＝ 因为面积变化相同，甲对地面的压力大于乙对地面的压力，所以甲对水平地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量即△p甲＞△p乙。 故选：C。
二、解答题（共2小题，满分6分） 9．（3分）（2019•上海）在如图所示的电路中，电源电压为U0，且保持不变。电键S闭合后，电路正常工作。一段时间后，观察到一个电压表的示数变大，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0．若电阻R

1、R2中仅有一个出现故障，请根据相关信息写出电压表的示数及相对应的故障。 第10页（共23页）
【分析】根据电路图可知，两电阻串并联，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，根据电流表和电压表的示数变化情况判断电路故障。

【解答】答：根据电路图可知，两电阻串并联，电压表V1测量电阻R1两端的电压，电压表V2测量电阻R2两端的电压，工作一段时间后，一个电压表的示数变大， 若V1示数变大，故障可能为电阻R1断路或电阻R2短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0，则故障为R1断路； 若V2示数变大，故障可能为电阻R2断路或电阻R1短路，再串联一个电流表，观察到电流表的示数为0，则故障为R2断路。 10．（3分）（2019•上海）亚里士多德为了说明抽水机原理，提出自然界厌恶真空的理论。他认为在自然界中，接触到真空的液体就会自己填补，会上升，因此亚里士多德认为“自然界是厌恶真空的”。

（1）在下列几个现象中，能支持上述亚里士多德理论的实验是 C A．回声的形成 B．彩虹 C．用吸管吸饮料

（2）在下列几个实验中，能推翻上述亚里士多德理论的实验是 A A．托里拆利实验 B．富兰克林风筝雷电实验 C．马德堡半球实验

（3）请你结合所学的物理知识，解释为什么第2小题中你所选择的实验可以推翻亚里士多德的结论。

【分析】首先明白亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。然后判断选项中的内容和什么知识点相关，最后做出选择。

【解答】解：

（1）亚里士多德的观点是“自然界是厌恶真空的”。他认为在自然界中，接触到真空的第11页（共23页） 液体就会自己填补，会上升。
A．回声的形成是声在传播过程中遇到障碍物，声被障碍物反射回来，与亚里士多德的观点不符。 B．彩虹是太阳光的色散，与亚里士多德的观点不符。
C．用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，与亚里士多德的观点相符。 故选：C。


（2）A．托里拆利实验，当外界大气压是一个标准大气压，能支持76cm高的水银柱，玻璃管的长度是1m，玻璃管内上方有一段真空，水银没有去填补，亚里士多德认为接触到真空的液体就会自己填补，所以托里拆利实验能推翻亚里士多德理论。
B．富兰克林风筝雷电实验是大气中的放电现象，与亚里士多德的观点不相关。
C．马德堡半球实验是证明大气压的存在，并且证明大气压很大，与亚里士多德的观点不相关。
故选：A。


（3）做托里拆利实验时，玻璃管的上空有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德的观点不相符，所以可以推翻其观点。 故答案为：

（1）C；

（2）A；

（3）做托里拆利实验时，玻璃管内上方有一段是真空，但是玻璃管中的水银没有去填补，所以与亚里士多德观点不相符，所以可以推翻其观点。 三、作图题（共7分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔． 11．（2分）（2019•上海）重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它所受的重力G。
【分析】根据力的图示的定义，将小球所受重力的大小、方向和作用点表示出来即可。

【解答】解：物体受到的重力方向竖直向下，作用点在重心，大小为10N，可确定标度为5N，故画重力的图示如图： 第12页（共23页） 12．（2分）（2019•上海）在图中根据给出的入射光线AO画出反射光线OB。
【分析】根据反射定律作出反射光线的光路图，题目中已经作出法线，在根据反射光线和入射光线分居法线两侧，作出反射角等于入射角即可。

【解答】解：根据光的反射定律，题目中已经作出垂直于镜面的法线，做反射光线OB使反射角等于入射角即可。故答案为： 13．（3分）（2019•上海）在图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。
补上后要求：闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，电流表的示数变小。
【分析】根据向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变确定灯泡与变阻器的连接方式，由电流表示数变小确定变阻器的接线情况。
【解答】解： 第13页（共23页） 由题知，闭合电键S后，向右移动滑动变阻器的滑片P，小灯泡L亮度不变，说明变阻器与灯泡在工作时互不影响；因为并联电路中各支路互不影响，所以变阻器与灯泡应并联； 向右移动滑片P，电流表示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，故应将变阻器的左下接线柱接入电路中，且图中灯泡与电流表的0.6接线柱相连，所以电流表应测干路电流。实物连接如图所示： 四、计算题（共27分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置． 14．（6分）（2019•上海）体积为2×10小F浮。

【分析】已知金属块浸没水中，排开水的体积等于金属块的体积，利用阿基米德原理F浮＝ρ水﹣3米的金属块浸没在水中。求金属块受到的浮力大3V排g求金属块受到的浮力。

【解答】解： 金属块浸没水中，则V排＝V金＝2×10金属块受到的浮力：F浮＝ρ水﹣3m3， 33﹣3m3V排g＝1.0×10kg/m×2×10×9.8N/kg＝19.6N。 答：金属块受到的浮力为19.6N。 15．（6分）（2019•上海）杠杆平衡时，动力臂l1为0.6米，阻力臂l2为0.2米，若阻力F2的大小为60牛，求动力F1的大小。
【分析】知道动力臂、阻力臂大小、阻力大小，利用杠杆平衡条件求动力大小。
【解答】解：由杠杆平衡条件可知： F1l1＝F2l2， 则动力F1＝＝＝20N。 答：动力F1为20N。
第14页（共23页） 16．（8分）（2019•上海）如图所示，足够高的薄壁圆柱形容器甲、乙置于水平桌面上，容器甲、乙底部所受液体的压强相等。容器甲中盛有水，水的深度为0.08米，容器乙中盛有另一种液体。 ①若水的质量为2千克，求容器甲中水的体积V水。 ②求容器甲中水对容器底部的压强p水。
③现往容器甲中加水，直至与乙容器中的液面等高，此时水对容器底部的压强增大了196帕，求液体乙的密度ρ液。
【分析】①已知水的质量，水的密度也是默认已知量ρ水＝1.0×10kg/m；根据公式V＝可以求解。
33②已知水的深度h＝0.08h，根据液体压强计算公式p＝ρgh； ③设容器乙内液体的深度为h1，当水深是h1的时候其压强为P1，p1＝p+△p由此可以得出p1的大小，进而算出h1； 题干表明容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即：p＝p乙；又因为p乙＝ρ乙gh1故可以求出ρ乙。
【解答】解： ①容器中甲水的体积为：V＝＝3＝2×10m； 3﹣33②容器甲中水对容器底部的压强：p水＝ρgh＝1.0×10kg/m×9.8N/kg×0.08m＝784pa。
③当容器甲内加水至于容器乙相平时，设此时水深为h1， 此时水对容器底部的压强：p1＝p水+△p＝784pa+196pa＝980pa； 由p＝ρgh可得此时水的深度：h1＝＝＝0.1m； 由题知，原来容器甲、乙底部所受液体的压强相等，即：p乙＝p水＝784pa； 由p＝ρgh可得，液体乙的密度：ρ乙＝答：①甲容器中水的体积为2×10m； ②容器甲中水对容器底部的压强为784pa； 第15页（共23页） ﹣3＝＝800kg/m。 33 3③液体乙的密度为800kg/m。 17．（8分）（2019•上海）在图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“1A”字样。电键S闭合后，电压表V的示数为5伏。求： ①通过电阻R1的电流I1。 ②电路正常工作10秒后，电流通过电阻R1做的功W1．移动滑动变阻器的滑片P，电源电压和电压表示数的比值最大为3，求电压表示数的最大值和最小值的差值。
【分析】①已知电路中R1的电阻和电压，根据I＝求电阻电流； ②根据串联电路中电压之比等于电阻之比求解；
【解答】解：①根据电路图可知，电压表测量R1两端的电压， 又因为R1＝10Ω， 所以通过电阻R1的电流I1＝＝＝0.5A； ②电路正常工作10秒后，电流通过电阻R1做的功W1＝＝25J， 电源电压和电压表示数的比值最大为3，此时应为电压表最小值， 即＝3，得U1′＝4V， ×t＝×10s电压表最大值应该是当滑动变阻器阻值最小，即电流最大时，滑动变阻器R2上标有“1A”字样， 所以可得，1A＝＝， 解得，R2′＝2Ω， 此时R1的电压U1″＝I′R1＝1A×10Ω＝10V， 电压表示数的最大值和最小值的差值应为10V﹣4V＝6V； 第16页（共23页） 答：①通过电阻R1的电流I1＝0.5A； ②电路正常工作10秒后，电流通过电阻R1做的功W125J，电压表示数的最大值和最小值的差值6V。 五、实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答． 18．（3分）（2019•上海）在“验证阿基米德原理”的实验中，用量筒测物体的 排开水的体积 ，使用弹簧测力计前，应将指针调到 零 刻度处。
“测定小灯泡的电功率”的实验原理是 P＝UI 。
【分析】

（1）在“验证阿基米德原理”的实验中，利用称重法测浮力，利用量筒测量排开水的体积；

（2）在“测定小灯泡的电功率”的实验，利用电压表测量灯两端的电压U，利用电流表测量通过的灯的电流I，利用P＝UI求灯的电功率。
【解答】解：

（1）如图，在“验证阿基米德原理”的实验中，物体受到的浮力F浮＝F1﹣F2； 利用排水法可得物体排开水的体积V排＝V2﹣V1，由G＝mg＝ρVg可得排开水的重力G排＝ρ水V排g＝ρ水（V2﹣V1）g； 比较F浮、G排的大小验证阿基米德原理，可见，该实验中，用量筒测物体排开水的体积； 使用弹簧测力计前，应将指针调到零刻度处。

（2）如图，利用电压表测量灯两端的电压U，利用电流表测量通过的灯的电流I，利用P＝UI求灯的电功率。
故答案为：排开水的体积；零；P＝UI。 第17页（共23页） 19．（2分）（2019•上海）小明在做“探究凸透镜成像规律”实验中，将蜡烛、凸透镜和光屏的中心调至 同一高度 。已知凸透镜焦距为10厘米，现蜡烛的位置如图所示，蜡烛到凸透镜的距离 大于 10厘米（选填“大于”、“等于”或“小于”），移动光屏寻找像的位置，发现光屏上有一个倒立、 的像（选填“放大”、“等于”或“缩小”）。
【分析】

（1）探究凸透镜成像的实验时，在光具座上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者的中心大致在同一高度，像才能成在光屏的中心。


（2）当物距小于二倍焦距，大于一倍焦距时，像距二倍焦距以外，成倒立、放大的实像。
【解答】解：

（1）实验前，把蜡烛、凸透镜、光屏从左向右依次放在光具座上，点燃蜡烛并调整烛焰、凸透镜、光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度，为了使得像成在光屏的中央；

（2）凸逶镜焦距f＝10cm，蜡烛到凸透镜的距离为15cm，即2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。 故答案为：同一高度；大于；放大。 20．（3分）（2019•上海）小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为3伏且保持不变）、待测电阻Rx、电流表、电压表、电健各一个，滑动变阻器有A、B、C三个（分别标有“5Ω 2A”字样、“10Ω 2A”字样、“50Ω 1A”字样），以及导线若干。
小华实验时选取其中一个滑动变阻器，正确连接电路，且使滑动变阻器的滑片在中点附近，闭合电键时各电表示数如图10（a）、（b）所示，并记录第一组数据。继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，记录第二组数据，此时小华发现电压表、电流表偏转角度相同。求： ①电压表的量程是 0﹣3 伏。
②计算说明实验中电流表的量程。 ③根据记录的第二组数据，计算出此时待测电阻Rx的阻值。 第18页（共23页）
【分析】①根据电路连接正确确定电路的连接，因电源电压为3V确定电压表选用的量程； ②读出（a）图中电压表示数； （b）图中，若电流表选用大（小）量程得出电流大小；根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压；由欧姆定律，得出变阻器连入电路的电阻，与题中所给的变阻器的规格差比较，从而确定电流表选用的量程； ③根据电流表选用的量程确定电流表示数，继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为1.6V和1.2V，据此得出电流表对应的示数，由欧姆定律分别得出电阻大小。

【解答】解：①电路连接正确，即待测电阻与变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表与待测电阻并联，因电源电压为3V，故电压表选用小量程0﹣3V； ②（a）图中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.4V， （b）图中，若电流表选用大量程，分度值为0.1A，电流为1.4A；若选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A； 根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：3V﹣1.4V＝1.6V， 若电流表选用大量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R滑中＝＝≈1.14Ω，变阻器电阻为2×1.14Ω＝2.28Ω，与题中所给的变阻器的规格差别较大； 若电流表选用小量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R＝＝≈滑中5.71Ω，变阻器电阻为2×5.71Ω＝11.4Ω，与题中所给的10Ω 2A变阻器的相吻合；故电流表选用小量程0﹣0.6A； ③电流表示数为0.28A．继续移动滑片，当电压表示数在如图（a）的基础上偏转两格后，电压表示数可能为1.6V和1.2V： 若电压表示数为1.4V+2×0.1V＝1.6V，即电压表示数变大，根据U＝IR，则电路中和电流也应变大，电流为：0.28A+2×0.02A＝0.32A；由欧姆定律得： 第19页（共23页） Rx＝＝＝5Ω； 若电压表示数为1.4V﹣2×0.1V＝1.2V，即电压表示数变小，根据U＝IR，则电路中和电流也应变小，电流为：0.28A﹣2×0.02A＝0.24A； 由欧姆定律得： Rx＝＝＝5Ω； 故答案为：①电压表的量程是0﹣3伏。 ②（a）图中，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压表示数为1.4V， （b）图中，若电流表选用大量程，分度值为0.1A，电流为1.4A；若选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A； 根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：3V﹣1.4V＝1.6V， 若电流表选用大量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R滑中＝＝≈1.14Ω，变阻器电阻为2×1.14Ω＝2.28Ω，与题中所给的变阻器的规格差别较大； 若电流表选用小量程，由欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R＝＝≈滑中5.71Ω，变阻器电阻为2×5.71Ω＝11.4Ω，与题中所给的10Ω 2A变阻器的相吻合；故电流表选用小量程0﹣0.6A； ③Rx＝＝＝5Ω或Rx＝＝＝5Ω。 21．（3分）（2019•上海）某小組同学在“探究物体在液体中所受向上的力与哪些因素有关”实验中，用弹簧测力计拉着一个圆柱体，测力计示数为F0．现将圆柱体悬空放置在一个烧杯中，倒入液体A，圆柱体的下表面到液面的深度为h，记录下此时弹簧测力计的示数为F以及F0和F的差为△F．接着，将液体A替换为液体B，重复上述实验，记录数据如下表一、二所示。 表一 液体A（ρA＝0.8×10千克/米） 实验序号 1 h（厘米） 3 第20页（共23页） 33F（牛） 8.5 △F（牛） 1.5 2 3 4 6 9 12 337 5.5 5 3 4.5 5 表二 液体B （ρB＝1.0×10千克/米） 实验序号 5 6 7 8 h（厘米） 3 6 9 12 F（牛） 8.5 7.6 6.4 6 △F（牛） 1.2 2.4 3.6 4 ①根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中， 弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小 。
②根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较△F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中， △F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比 。
③根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据，分析比较△F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是 同一物体在不同液体中，圆柱体的下表面到液面的深度h不变时，液体密度ρ越大，△F越大 。
④本实验中，圆柱体的重力为 10.0 牛，高度为 10.0 厘米。
【分析】①纵向比较实验序号1与2与3或5与6与7的数据，得出结论； ②纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据得结论； ③已知两种液体密度大小，比较实验序号1与5或2与6或3与7的数据，找出相同量和不同量，分析得出△F与变化量的关系； ④根据称重法测浮力，△F＝F0﹣F求出本实验中圆柱体的重力； 由②可知同一物体在同种液体中，△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比；但序号4与8实验不符合这个规律；根据阿基米德原理，F浮＝ρ这两中情况下圆柱体已浸没在液体中，由阿基米德原理： 根据

1、4两次实验受到的浮力之比求出圆柱体的高度。 第21页（共23页） 液gV排，可分析得出4与8
【解答】解：①根据实验序号1与2与3或5与6与7的数据，分析比较弹簧测力计的示数F与圆柱体的下表面到液面的深度h的大小关系，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中，弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小； ②纵向比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据，可知，圆柱体的下表面到液面的深度h为原来的几倍，△F也为原来的几倍，可得出的初步结论是：同一物体在同种液体中，△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比； ③ρA＝1.0×10kg/m＞ρB＝0.8×10kg/m， 根据实验序号1与5或2与6或3与7的数据，可得出的初步结论是：同一物体在不同液体中，圆柱体的下表面到液面的深度h不变时，液体密度ρ越大，△F越大； ④F0＝G，根据称重法测浮力，△F＝F0﹣F， 故本实验中，圆柱体的重力为： G＝△F+F＝1.5N+8.5N＝10.0N； 由②，比较表一序号1与2与3或表二序号5与6与7的数据，可知同一物体在同种液体中，△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比；但序号4与8实验不符合这个规律； 根据阿基米德原理，F浮＝ρ液3333gV排，在物体没有浸没时，F浮＝ρ液gSh，故受到的浮力与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比， 浸没在液体中的物体受到的浮力与深度无关，说明4与8这两中情况下，圆柱体已浸没在液体中了， 由阿基米德原理：

1、4两次实验受到的浮力之比为： ＝， h＝×3cm＝10cm。即圆柱体的高度为10.0厘米。
故答案为：①弹簧测力计示数F随圆柱体的下表面到液面的深度增大而减小； ②△F与圆柱体的下表面到液面的深度h成正比； ③同一物体在不同液体中，圆柱体的下表面到液面的深度h不变时，液体密度ρ越大，△F越大； ④10.0；10.0。 第22页（共23页） 第23页（共23页） 上海初中试题。

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